Hóa học 10 Chân trời sáng tạo Học Tập Lớp 10

Giải Hóa 10 Bài 14 trang 88, 89, 90, 91, 92, 93 Chân trời sáng tạo

Trường THCS Bình Chánh 23/07/2023

Mời các em theo dõi nội dung bài học hôm nay Giải hóa 10 bài 14 trang 88, 89, 90, 91, 92, 93 Chân trời sáng tạo

Methane cháy tỏa nhiệt lớn nên được dùng làm nhiên liệu. Khi trộn methane và oxygen với tỉ lệ thích hợp thì sẽ tạo ra hỗn hợp nổ
1. Quan sát Hình 14.1 cho biết liên kết hóa học nào bị phá vỡ, liên kết hóa học nào được hình thành khi H2 phản ứng với O2 tạo thành H2O (ở thể khí)?

Bạn đang xem: Giải Hóa 10 Bài 14 trang 88, 89, 90, 91, 92, 93 Chân trời sáng tạo

CH tr 88 MĐ

Methane cháy tỏa nhiệt lớn nên được dùng làm nhiên liệu. Khi trộn methane và oxygen với tỉ lệ thích hợp thì sẽ tạo ra hỗn hợp nổ

Biến thiên enthalpy của phản ứng trên được tính toán dựa trên các giá trị nào?

Hướng dẫn giải:

Lời giải:

Biến thiên enthalpy của phản ứng được tính toán dựa trên giá trị năng lượng liên kết hoặc dựa vào enthalpy tạo thành

CH tr 88 CH

1. Quan sát Hình 14.1 cho biết liên kết hóa học nào bị phá vỡ, liên kết hóa học nào được hình thành khi H₂ phản ứng với O₂ tạo thành H₂O (ở thể khí)?

Hướng dẫn giải:

Quan sát Hình 14.1 và rút ra nhận xét

Lời giải:

– Khi H₂ phản ứng với O₂ tạo thành H₂O (ở thể khí)

+ Liên kết H-H và O=O bị phá vỡ

+ Liên kết H-O-H được hình thành

CH tr 89 CH

2. Tính biến thiên enthalpy của phản ứng dựa vào năng lượng liên kết phải viết được công thức cấu tạo của tất cả các chất trong phản ứng để xác định số lượng và loại liên kết. Xác định số lượng mỗi loại liên kết trong các phân tử sau: CH₄, CH₃Cl, NH₃, CO₂.

Hướng dẫn giải:

– Viết công thức cấu tạo của các chất

=> Xác định được các loại liên kết

Lời giải:

– CH₄:

=> Có 4 liên kết C-H

– CH₃Cl:

=> Có 3 liên kết C-H, 1 liên kết C-Cl

– NH₃

=> Có 3 liên kết N-H

– CO₂

=> Có 2 liên kết C=O

CH tr 89 CH

3. Dựa vào năng lượng liên kết ở Bảng 14.1, tính biến thiên enthalpy của phản ứng và giải thích vì sao nitrogen (N\( \equiv \)N) chỉ phản ứng với oxygen (O=O) ở nhiệt độ cao hoặc có tia lửa điện để tạo thành nitrogen monoxide (N=O).

N₂(g) + O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 2NO(g)

Hướng dẫn giải:

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

Lời giải:

N₂(g) + O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 2NO(g)

=> Phản ứng trên có 1 liên kết N\( \equiv \)N, 1 liên kết O=O và 2 liên kết N=O

Ta có:

+ N₂ có 1 liên kết N\( \equiv \)N với E_b = 945 kJ/mol

+ O₂ có 1 liên kết O=O với E_b = 498 kJ/mol

+ NO có 1 liên kết N=O với E_b = 607 kJ/mol

Mà: \({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\) = E_b(N₂) + E_b(O₂) – 2E_b(NO) = 945 + 498 – 2. 607 = 229 kJ/mol > 0

=> Phản ứng thu nhiệt

=> Để phản ứng xảy ra, cần cung cấp lượng nhiệt lớn 229 kJ/mol

=> Nitrogen chỉ phản ứng với oxygen khi ở nhiệt độ cao hoặc có tia lửa điện để tạo thành NO

CH tr 89 LT

Xác định \({\Delta _r}H_{298}^o\) của phản ứng sau dựa vào giá trị E_b ở Bảng 14.1:

CH₄(g) + Cl₂(g) \(\xrightarrow{{askt}}\) CH₃Cl(g) + HCl(g)

Hãy cho biết phản ứng trên tỏa nhiệt hay thu nhiệt?

Hướng dẫn giải:

Bước 1: Xác định số lượng liên kết và loại liên kết của các chất trong phản ứng

Bước 2: Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> Phản ứng thu nhiệt hay tỏa nhiệt

Lời giải:

CH₄(g) + Cl₂(g) \(\xrightarrow{{askt}}\) CH₃Cl(g) + HCl(g)

– Chất đầu:

+ CH₄ có 4 liên kết C-H

+ Cl₂ có 1 liên kết Cl-Cl

– Sản phẩm

+ CH₃Cl có 3 liên kết C-H, 1 liên kết C-Cl

+ HCl có 1 liên kết H-Cl

Mà: \({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\) = E_b(CH₄) + E_b(Cl₂) – E_b(CH₃Cl)- E_b(HCl)

= 4 E_b(C-H) + E_b(Cl-Cl) – 3E_b(C-H) – E_b(C-Cl) – E_b(H-Cl)

= 4.413 + 243 – 3. 413 – 339 – 427 = -110 kJ/mol < 0

=> Phản ứng tỏa nhiệt

CH tr 90 VD

Dựa vào số liệu về năng lượng liên kết ở Bảng 14.1, hãy tính biến thiên enthalpy của 2 phản ứng sau:

2H₂(g) + O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\)2H₂O(g) (1)

C₇H₁₆(g) + 11O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 7CO₂(g) + 8H₂O(g) (2)

So sánh kết quả thu được, từ đó cho biết H₂ hay C₇H₁₆ là nhiên liệu hiệu quả hơn cho tên lửa (biết trong C₇H₁₆ có 6 liên kết C-C và 16 liên kết C-H)

Hướng dẫn giải:

Bước 1: Xác định số lượng liên kết và loại liên kết của các chất trong phản ứng

Bước 2: Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

Lời giải:

– Xét phản ứng: 2H₂(g) + O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\)2H₂O(g) (1)

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\)(1) = 2E_b(H₂) + E_b(O₂) – 2E_b(H₂O)

= 2.E_b(H-H) + E_b(O=O) – 2.2.E_b(O-H)

= 2.432 + 498 – 2.2.467 = -506 kJ/mol

– Xét phản ứng: C₇H₁₆(g) + 11O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 7CO₂(g) + 8H₂O(g) (2)

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\)(2) = E_b(C₇H₁₆) + 11.E_b(O₂) – 7.E_b(CO₂) – 8.E_b(H₂O)

= 6.E_b(C-C) + 16. E_b(C-H) + 11.E_b(O=O) – 7.2.E_b(C=O) – 8.2.E_b(O-H)

= 6.347 + 16.432 + 11.498 –7.2.745 – 8.2.467 = -3432 kJ/mol

Ta có: \({\Delta _r}H_{298}^o\)(2) < \({\Delta _r}H_{298}^o\)(1)

=> Phản ứng (2) xảy ra thuận lợi hơn so với phản ứng (1)

=> C₇H₁₆ là nhiên liệu hiệu quả hơn cho tên lửa

CH tr 90 LT

Tính \({\Delta _r}H_{298}^o\) của hai phản ứng sau:

3O₂(g) → 2O₃(g) (1)

2O₃(g) → 3O₂(g) (2)

Liên hệ giữa giá trị \({\Delta _r}H_{298}^o\) với độ bền của O₃, O₂ và giải thích, biết phân tử O₃ gồm 1 liên kết đôi O=O và 1 liên kết đơn O-O

Hướng dẫn giải:

Bước 1: Xác định số lượng liên kết và loại liên kết của các chất trong phản ứng

Bước 2: Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

Lời giải:

– Xét phản ứng: 3O₂(g) → 2O₃(g) (1)

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\)(1) = 3. E_b(O₂) – 2.E_b(O₃)

= 3.E_b(O=O) – 2.(E_b(O=O) + E_b(O-O))

= 3.498 –2.(498 + 204) = 90 kJ/mol > 0

– Xét phản ứng: 2O₃(g) → 3O₂(g) (2)

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\)(2) = 2.E_b(O₃) – 3. E_b(O₂)

= 2.(E_b(O=O) + E_b(O-O)) – 3.E_b(O=O)

= 2.(498 + 204) – 3.498 = -90 kJ/mol < 0

=> Phản ứng (1) xảy ra cần phải cung cấp năng lượng là 90 kJ/mol. Phản ứng (2) xảy ra tỏa ra năng lượng là 90 kJ/mol

=> Phản ứng (2) xảy ra thuận lợi hơn

=> Liên kết O₃ bền hơn O₂

CH tr 91 VD

Tính biến thiên enthalpy của phản ứng phân hủy trinitroglycerin (C₃H₅O₃(NO₂)₃), theo phương trình sau (biết nhiệt tạo thành của nitroglycerin là -370,15 kJ/mol):

4 C₃H₅O₃(NO₂)₃(s) → 6N₂(g) + 12CO₂(g) + 10H₂O(g) + O₂(g)

Hãy giải thích vì sao trinitroglycerin được ứng dụng làm thành phần thuốc súng không khói

Hướng dẫn giải:

Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

Lời giải:

Chất	C₃H₅O₃(NO₂)₃(s)	N₂(g)	CO₂(g)	H₂O(g)	O₂(g)
\({\Delta _f}H_{298}^o\)	-370,15	0	-393,50	-241,82	0

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = 6.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(N₂) + 12.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(CO₂) + 10.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(H₂O) + \({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂) – 4.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(C₃H₅O₃(NO₂)₃)

= 6.0 + 12.(-393,50) + 10.(-241,82) + 1.0 – 4.(-370,15)

= -5659,60 kJ < 0

=> Phản ứng phân hủy trinitroglycerin tỏa ra lượng nhiệt rất lớn => Gây tính sát thương cao

=> Trinitroglycerin được ứng dụng làm thành phần của thuốc súng không khói

CH tr 91 CH

4. Giá trị biến thiên enthalpy của phản ứng có liên quan tới hệ số các chất trong phương trình nhiệt hóa học không? Giá trị enthalpy tạo thành thường được đo ở điều kiện nào?

Hướng dẫn giải:

Lời giải:

– Giá trị biến thiên enthalpy tỉ lệ với hệ số các chất trong phương trình

Ví dụ: 2NO₂(g) → N₂O₄(g) có \({\Delta _r}H_{298}^o\) = -57,24 kJ

=> NO₂(g) → ½ N₂O₄(g) có \({\Delta _r}H_{298}^o\) = -57,24 : 2 = -28,62 kJ

CH tr 91 LT

Dựa vào giá trị enthalpy tạo thành ở Bảng 13.1, hãy tính giá trị \({\Delta _r}H_{298}^o\) của các phản ứng sau:

CS₂(l) + 3O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) CO₂(g) + 2SO₂(g) (1)

4NH₃(g) + 3O₂ \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 2N₂(g) + 6H₂O(g) (2) \(\)

Hướng dẫn giải:

Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

Lời giải:

– Xét phản ứng: CS₂(l) + 3O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) CO₂(g) + 2SO₂(g) (1)

Chất	CS₂(l)	O₂(g)	CO₂(g)	SO₂(g)
\({\Delta _f}H_{298}^o\)	+87,90	0	-393,50	-296,80

\({\Delta _r}H_{298}^o\) =\({\Delta _f}H_{298}^o\)(CO₂) + 2.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(SO₂) – \({\Delta _f}H_{298}^o\)(CS₂) – 3.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂)

= (-393,50) + 2.(-296,80) – (+87,90) – 3.0

= -1075 kJ

– Xét phản ứng: 4NH₃(g) + 3O₂ \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 2N₂(g) + 6H₂O(g) (2)

Chất	NH₃(g)	O₂(g)	N₂(g)	H₂O(g)
\({\Delta _f}H_{298}^o\)	-45,90	0	0	-241,82

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = 2.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(N₂) + 6.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(H₂O) – 4.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(NH₃) – 3.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂)

= 2.0 + 6.(-241,82) – 4.(-45,90) – 3.0

= -1267,32 kJ

Bài tập 1

Bài 1: Tính \({\Delta _r}H_{298}^o\) của các phản ứng sau dựa theo năng lượng liên kết (sử dụng số liệu từ Bảng 14.1):

a) N₂H₄(g) → N₂(g) + 2H₂(g)

b) 4HCl(g) + O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 2Cl₂(g) + 2H₂O(g)

Hướng dẫn giải:

Bước 1: Xác định số lượng liên kết và loại liên kết của các chất trong phản ứng

Bước 2: Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

Lời giải:

a) N₂H₄(g) → N₂(g) + 2H₂(g)

Công thức cấu tạo của N₂H₄:

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\) = E_b(N₂H₄) – E_b(N₂) – 2. E_b(H₂)

= E_b(N-N) + 4.E_b(N-H) – E_b(N\( \equiv \)N) – 2.E_b(H-H)

b) 4HCl(g) + O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 2Cl₂(g) + 2H₂O(g)

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\) = 4.E_b(HCl) + E_b(O₂) – 2.E_b(Cl₂) – 2.E_b(H₂O)

= 4.E_b(H-Cl) + E_b(O=O) – 2.E_b(Cl-Cl) – 2.2.E_b(O-H)

= 4.427 + 498 – 2.243 – 2.2.467 = -148 kJ

Bài tập 2

Bài 2: Dựa vào Bảng 13.1, tính biến thiên enthalpy chuẩn của phản ứng đốt cháy hoàn toàn 1 mol benzene C₆H₆(l) trong khí oxygen, tạo thành CO₂(g) và H₂O(l). So sánh lượng nhiệt sinh ra khi đốt cháy hoàn toàn 1,0 g propane C₃H₈(g) với lượng nhiệt sinh ra khi đốt cháy hoàn toàn 1,0 g benzenne C₆H₆(l).

Hướng dẫn giải:

C₆H₆(l) + 15/2 O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 6CO₂(g) + 3H₂O(l)

Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

Lời giải:

– Xét phản ứng: C₆H₆(l) + 15/2 O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 6CO₂(g) + 3H₂O(l)

Chất	C₆H₆(l)	O₂(g)	CO₂(g)	H₂O(l)
\({\Delta _f}H_{298}^o\)	+49,00	0	-393,50	-285,84

Khi đốt cháy 1 mol C₆H₆(l)

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = 6.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(CO₂) + 3.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(H₂O) – \({\Delta _f}H_{298}^o\)(C₆H₆) – 15/2.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂)

= 6.(-393,50) + 3.(-285,84) – (+49,00) – 15/2.0

= -3267,52 kJ

Ta có: 1,0 g benzene = 1/78 (mol)

=> Lượng nhiệt sinh ra khi đốt cháy hoàn toàn 1,0 g benzene = -3267,52 . 1/78 = -41,89 kJ

– Xét phản ứng: C₃H₈(g) + 5O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 3CO₂(g) + 4H₂O(l)

Chất	C₃H₈(g)	O₂(g)	CO₂(g)	H₂O(l)
\({\Delta _f}H_{298}^o\)	-105,00	0	-393,50	-285,84

Khi đốt cháy 1 mol C₃H₈(g)

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = 3.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(CO₂) + 4.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(H₂O) – \({\Delta _f}H_{298}^o\)(C₃H₈) – 5.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂)

= 3.(-393,50) + 4.(-285,84) – (-105,00) – 5.0

= -2218,86 kJ

Ta có: 1,0 g C₃H₈ = 1/44 (mol)

=> Lượng nhiệt sinh ra khi đốt cháy hoàn toàn 1,0 g C₃H₈ = -2218,86 . 1/44 = -50,43 kJ

=> Lượng nhiệt sinh ra khi đốt cháy 1,0 g propane nhiều hơn khi đốt cháy 1,0 g benzene

Bài tập 3

Bài 3: Dựa vào enthalpy tạo thành ở Bảng 13.1, tính biến thiên enthalpy chuẩn của phản ứng nhiệt nhôm:

2Al(s) + Fe₂O₃(s) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 2Fe(s) + Al₂O₃(s)

Từ kết quả tính được ở trên, hãy rút ra ý nghĩa của dấu và giá trị \({\Delta _r}H_{298}^o\) đối với phản ứng

Hướng dẫn giải:

Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

Lời giải:

– Xét phản ứng: 2Al(s) + Fe₂O₃(s) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 2Fe(s) + Al₂O₃(s) \(\)

Chất	Fe(s)	Al₂O₃(s)	Al(s)	Fe₂O₃(s)
\({\Delta _f}H_{298}^o\)	0	-1676,00	0	-825,50

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = 2.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(Fe) + 1.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(Al₂O₃) – 2.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(Al) – 1.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(Fe₂O₃)

= 2.0 + 1.(-1676,00) – 2.0 – 1.(-825,50)

= -850,50 kJ < 0

Phản ứng nhiệt nhôm diễn ra sẽ sinh ra lượng nhiệt lớn là 850,50 kJ

Bài tập 4

Bài 4: Cho phương trình nhiệt hóa học sau:

SO₂(g) + ½ O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o},{V_2}{O_5}}}\) SO₃(g) \({\Delta _r}H_{298}^o\) = -98,5 kJ

a) Tính lượng nhiệt giải phóng ra khi chuyển 74,6 g SO₂ thành SO₃

b) Giá trị \({\Delta _r}H_{298}^o\) của phản ứng: SO₃(g) → SO₂(g) + ½ O₂(g) là bao nhiêu?

Hướng dẫn giải:

Chuyển 1 mol SO₂ thành SO₃ sinh ra lượng nhiệt là 98,5 kJ

Chuyển x mol SO₂ thành SO₃ sinh ra lượng nhiệt là y kJ

Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

Lời giải:

– Mol của 74,6 g SO₂ = 74,6 : 64 = 373/320 (mol)

Chuyển 1 mol SO₂ thành SO₃ sinh ra lượng nhiệt là 98,5 kJ

Chuyển 373/320 mol SO₂ thành SO₃ sinh ra lượng nhiệt là y kJ

=> y = 98,5 x 373/320 = 114,81 kJ

=> Lượng nhiệt giải phóng ra khi chuyển 74,6 g SO₂ thành SO₃ là 114,81 kJ

– Xét phản ứng: SO₂(g) + ½ O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o},{V_2}{O_5}}}\) SO₃(g)

\({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

= \({\Delta _f}H_{298}^o\)(SO₃) – \({\Delta _f}H_{298}^o\)(SO₂) – ½ . \({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂) = -98,5 kJ

– Xét phương trình: SO₃(g) → SO₂(g) + ½ O₂(g)

\({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

=\({\Delta _f}H_{298}^o\)(SO₂) + ½ . \({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂) – \({\Delta _f}H_{298}^o\)(SO₃) = +98,5 kJ

Bài tập 5

Bài 5: Khí hydrogen cháy trong không khí tạo thành nước theo phương trình hóa học sau:

2H₂(g) + O₂(g) → 2H₂O(g) \({\Delta _r}H_{298}^o\) = -483,64 kJ

a) Nước hay hỗn hợp của oxygen và hydrogen có năng lượng lớn hơn? Giải thích

b) Vẽ sơ đồ biến thiên năng lượng của phản ứng giữa hydrogen và oxygen

Hướng dẫn giải:

Áp dụng công thức: \({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

Lời giải:

a) Xét phản ứng: 2H₂(g) + O₂(g) → 2H₂O(g)

\({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

= 2.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(H₂O) – \({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂) – 2. \({\Delta _f}H_{298}^o\)(H₂) = -483,64 kJ < 0

=> Hỗn hợp của oxygen và hydrogen có năng lượng lớn hơn

Bài tập 6

Bài 6: Xét quá trình đốt cháy khí propane C₃H₈(g):

C₃H₈(g) + 5O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 3CO₂(g) + 4H₂O(g)

Tính biến thiên enthalpy chuẩn của phản ứng dựa vào nhiệt tạo thành của hợp chất (Bảng 13.1) và dựa vào năng lượng liên kết (Bảng 14.1). So sánh hai giá trị đó và rút ra kết luận

Hướng dẫn giải:

– Dựa vào nhiệt tạo thành: \({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

– Dựa vào năng lượng liên kết: \({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

Lời giải:

– Dựa vào nhiệt tạo thành: C₃H₈(g) + 5O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 3CO₂(g) + 4H₂O(g)

Chất	C₃H₈(g)	O₂(g)	CO₂(g)	H₂O(g)
\({\Delta _f}H_{298}^o\)	-105,00	0	-393,50	-241,82

\({\Delta _r}H_{298}^o\)= \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(sp) – \(\Sigma \)\({\Delta _f}H_{298}^o\)(bđ)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\) = 3.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(CO₂) + 4.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(H₂O) – \({\Delta _f}H_{298}^o\)(C₃H₈) – 5.\({\Delta _f}H_{298}^o\)(O₂)

= 3.(-393,50) + 4.(-241,82) – (-105,00) – 5.0

= -2042,78 kJ

– Dựa vào năng lượng liên kết: C₃H₈(g) + 5O₂(g) \(\xrightarrow{{{t^o}}}\) 3CO₂(g) + 4H₂O(g)

\({\Delta _r}H_{298}^o\) = \(\Sigma \)E_b(cđ) – \(\Sigma \)E_b(sp)

=> \({\Delta _r}H_{298}^o\) = E_b(C₃H₈) + 5.E_b(O₂) – 3.E_b(CO₂) – 4.E_b(H₂O)

= 2.E_b(C-C) + 8.E_b(C-H) + 5.E_b(O=O) – 3.2.E_b(C=O) – 4.2.E_b(O-H)

= 2.347 + 8.413 + 5.498 – 6.745 – 8.467 = -1718 kJ

–> Kết luận: Hai giá trị tính được gần bằng nhau.

Lý thuyết

Hướng dẫn giải:

Lời giải:

>> Xem chi tiết: Lý thuyết bài 14: Tính biến thiên enthalpy của phản ứng hóa học

Hy vọng với nội dung trong bài Giải hóa 10 bài 14 trang 88, 89, 90, 91, 92, 93 Chân trời sáng tạo

do thầy cô trường Trung học Bình Chánh biên soạn sẽ giúp các em nắm chắc kiến thức nội dung bài học tốt hơn để từ đó hoàn thành tất cả các bài tập trong SGK.

Đăng bởi: THCS Bình Chánh

Chuyên mục: Hóa học 10 Chân trời sáng tạo

Rate this post

Trường THCS Bình Chánh 23/07/2023

Bài viết liên quan

Để lại một bình luận Hủy